发布时间 : 星期三 文章初三物理伏安法测电阻电功率更新完毕开始阅读da491488e43a580216fc700abb68a98271feac0f
（2）滑动变阻器接右半段，滑片处于左端，连入电路阻值最大，电路电流最小，对电路起保护作用． （3）电压表使用的0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V． 电流表使用的0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.2A．
R===11Ω．
（4）电流表有明显偏转，电路电流太大，总电阻太小．
如果滑动变阻器连入电路电阻太小，滑动变阻器电压小，灯泡电压大，电压表示数大． 如果灯泡短路，电压表测导线电压，电压表示数为0． （5）P=UI=2.2V×0.2A=0.44W．
故答案为：（1）如图；（2）左；（3）2.2；11；（4）灯泡短路；（5）0.44．
【点评】（1）对于故障问题，在连接好电路，刚刚闭合开关时，灯泡不亮，可能是电流太小，可能是灯泡断路或短路．
先通过移动滑动变阻器滑片判断是通路还是故障，再由电流表示数判断是短路还是断路，再由电压表判断故障的具体位置．
（2）补全实物连接图时，主要考虑电压表、电流表、滑动变阻器：
电压表量程根据灯泡的额定电压或电源电压最小值来确定，电压表并联在灯泡的两端．
根据灯泡的额定电压和电阻，或根据灯泡的额定电压和额定功率，来判断电流表的量程，电流表串联在电路中． 滑动变阻器有4个接线柱，选择一上一下接线柱接入电路，使滑动变阻器串联在电路中． 7、 (1)升高 电流 电阻 (2)等于 小于 8、（1）液面高度的变化；转换； （2）电流； 0.5（或1/2）； （3）电流；通电时间；电阻 9、【考点】焦耳定律．
【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，通过比较烧瓶内温度的变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少；
为了实验效果更加明显，实验应采用比热容较小的液体；
（2）分析表格中数据相同的量和不同的量，判断温度升高的影响因素；
（3）要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同．
【解答】解：（1）实验中通过比较烧瓶内液体的温度变化，来判断相同时间内不同电流产生的热量多少，这种研究方法叫转换法；
由于煤油的比热容较小，质量相同吸收热量相同时，温度变化比较明显，应选用煤油进行实验；
（2）由表格中数据知，通电时间和电阻相等，电流增大为原来的2倍，温度升高为原来的4倍，即产生的热量为原来的4倍，可知通电时间和电阻相等，产生的热量与电流的2次方成正比；
（3）若要探究电热器产生热量与电阻的关系，应保持电流和通电时间相等，电阻不同，所以应该选择B烧瓶和甲图中的烧瓶串联．
故答案为：（1）转换法；煤油；煤油比热容小，相等的质量吸收相同的热量，温度上升明显；（2）越大；越多；（3）B；串联．
10、【考点】焦耳定律．
【分析】（1）电流产生的热量跟电流的大小、电阻的大小、通电时间有关； 探究电流产生热量跟电流关系时，需控制通电时间和电阻相同，改变电流的大小； 探究电流产生热量跟电阻关系时，需控制通电时间和电流相同，改变电阻的大小；
（2）分析图中的实验装置，看电流、电阻和通电时间中，哪些相同、哪些不同，从而判断实验探究电流产生的热量与什么因素有关；
（3）根据焦耳定律的公式Q=IRt判断产生热量的多少．
【解答】解：（1）如图的装置中，右边两个5Ω的电阻并联后与左边5Ω的电阻再串联； 根据串联电路的电流特点可知，右边两个电阻的总电流和左边电阻的电流相等，即I右=I左， 两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点可知I右=I内+I外，比较可知I左＞I内；
两瓶中电阻相等（均为5Ω），通电时间相等，电流不同，故探究的是电流产生的热量跟电流的关系；
通电一段时间后，由于电阻相同、通电时间相同、I左＞I内，根据焦耳定律Q=IRt可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多．
（2）让实验装置冷却到初始状态，把右瓶并联的两根电阻丝都放入瓶内，右瓶中两根电阻丝对瓶内空气进行加热；根据并联电路总电阻的计算公式可得，右瓶中两根5Ω电阻丝的总电阻为2.5Ω，小于5Ω，即R左＞R右； 两瓶内电阻丝的总电阻不相等，通电时间相等，电流相等，故探究的是电流产生的热量跟电阻的关系；
通电一段时间后，由于电流相同（即I右=I左）、通电时间相同、R左＞R右，根据焦耳定律Q=IRt可知，左瓶内的电阻丝产生的热量多．
2
2
2
故答案为：（1）电流；左瓶；（2）电阻；左瓶．
二、计算题
11、（1）10A；（2）1kg ；（3）1.848×10J；（4）105ｓ
5
【考点定位】欧姆定律；电热的计算
12、
13、（10分）解 （1）由P=UI得
I=P/U=1210W/220V=5.5A??????????????????????????2分 （2）由I=U/R得
R=U/I=220V/5.5A=40Ω???????????????????????????2分 （3）Q吸=Q吸=cm(t-t0)= 4.2×10J/( kg.C)×1kg×(100C-20C)=3.36×10J???2分
3
0
0
0
5
由η=Q吸/W 得
W= Q吸/η=3.36×105J/80%=4.2×105J?????????????????????1分
P实=U实/R=(200V)/40Ω=1000W????????????????????????2分 由P=W/t得
t=W/P=4.2×10J/1000W=420s=7min??????????????????????1分
5
2
2
14、（1）水的质量为m＝ρV＝1.0×10kg/m×1.0×10m＝1kg （1分） 由题意知，1个标准大气压下水沸腾时的温度为100℃，烧开水所吸收的热量 Q吸＝cm(t－t0)＝4.2×10J(kg?℃)×1kg×(100℃－20℃)＝3.36×10J（1分） （2）当开关S闭合时，R2被短路，R1工作，工作饮水机处于加热状态。
3
5
33-33
∵P加=，∴电阻R1= U/P加=(220V)/880W=55Ω，
22
S断开时，电阻R1和R2串联，饮水机处于保温状态。
∵P保= U/ R串总，∴串联电路的总电阻R串总=
2
==1210Ω，
保护电阻R2=R总﹣R1=1210Ω﹣55Ω=1155Ω。（1分）
（3）因为每消耗1kW·h的电能，电能表的表盘转过1200r，电能表的表盘转过120 r时消耗的电能为
（1分）
饮水机加热过程中的热效率
（1分）
15、（1）加热 (1分) 饮水机处于加热状态时，电路的总电流为 I=P/U=440W/220V=2A（2分） (2) 当开关S 、S0闭合时，电热饮水机处于加热状态。此时R1消耗的电功率为：
P1 ＝P总－ P2＝440 W－ 40W＝400 W。(1分)
则有：R1＝U／P1＝（220V）／400 W＝121Ω（2分） (3) 电热饮水机处于加热状态时的总电阻为： R总＝U／P总＝（220V）／440W＝110Ω(1分)
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