发布时间 : 星期五 文章河北省邢台市2015届高三摸底考试试题（word版）更新完毕开始阅读a1ac509b81c758f5f61f67ef
16．（18分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上固定着两对几何形状完全相同的平行金属板P、Q和M、N，
P、Q与M、N四块金属板相互平行地竖直地放置，已知P、Q之间以及M、N之间的距离都是d=0．2m，极板本身的厚度不计，极板长均为L=0．2m，板间电压都是U=6V且P板电势高。金属板右侧边界以
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外存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B=5T，磁场区域足够大。现有一质量m=l×l04kg，电量q=-2×l0-4C的小球在水平面上以初速度v0=4m/s，从平行板PQ间左侧中点Ol沿极板中线O1O'1射入． （1）试求小球刚穿出平行金属板PQ的速度； （2）若要小球穿出平行金属板PQ后，经磁场偏转射人平行金属板MN中，且在不与极板相碰的前提
下，最终从极板MN的左侧中点O2沿中线O2O'2射出，则金属板Q、M间距离是多少？
四、选做题（共15分）请考生从给出的3道物理题中任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目
的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则按所做的第一题计分。 3－3.（1）（6分）下列说法正确的是 ．（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，
选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分） A．温度越高，扩散现象越不明显 B．橡胶无固定熔点，是非晶体 C．做功和热传递是改变物体内能的两种方式 D．布朗运动是液体中分子无规则运动的反映 E．第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律 （2）（9分）一竖直放置、缸壁光滑且导热的柱形气缸内盛有一定量的氮气，被活塞分隔成I、Ⅱ两部
分；已知活塞的质量为m，活塞面积为S，达到平衡时，这两部分气体的体积相等，如图（a）所示；为了求出此时上部气体的压强p10，将气缸缓慢倒置，再次达到平衡时，上下两部分气体的体积之比为3:1，如图（b）所示。设外界温度不变，重力加速度大小为g，求：图（a）中上部气体的压强p10．
3－4．（1）（6分）图甲为一列简谐横波在t=0．10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=lm处的质点，Q是
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平衡位置为x=4m处的质点，图乙为质点Q的振动图象，则下列说法正确的是 ．（填正确答案标号。选对1个得3分，选对2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）
A．该波的周期是0．10s B．该波的传播速度为40m/s C．该波沿x轴的负方向传播
D．t=0．10s时，质点Q的速度方向向下
E．从t=0．10s到t=0．25s，质点P通过的路程为30cm （2）（9分）如图所示为某种透明介质的截面图，△AOC为等腰直角三角形，BC为半径R=l0cm的四
分之一圆弧，AB与水平屏幕MN垂直并接触于A点．由红光和紫光两种单色光组成的复色光射向圆心O，在AB分界面上的入射角i=45o，结果在水平屏幕MN上出现两个亮斑．已知该介质对红光和紫
光的折射率分别为n1=
23，n2=2。 3
（1）判断在AM和AN两处产生亮斑的颜色； （2）求两个亮斑间的距离．
3－5．（1）（6分）关于近代物理，下列说法正确的是 。（填正确答案标号。选对1个得3分，选对
2个得4分，选对3个得6分。每选错1个扣3分，最低得分为0分） A．?射线是高速运动的氦原子
2311 B．核聚变反应方程1H+1H→42He+0n中，0n表示中子
C．从金属表面逸出的光电子的最大初动能与照射光的频率成正比
D．玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征
E．比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定放出能量 （2）（9分）如图所示，质量为M=50g的木块用长为L=lm的轻绳悬挂于O点，质量为m=l0g的子弹
以速度v1=500m/s向左水平穿过木块后，速度变成v2=490m/s，该过程历时极短可忽略不计，之后木块在竖直面内摆起来，经时间t=0．6s摆到最高点，不计空气阻力，重力加速度为g= l0m/s2。 试求： （1）子弹穿过木块过程中，木块所受冲量大小。
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（2）子弹穿过木块的过程，系统增加的热量Q；
参考答案
一、选择题
1. B 2．D 3. B 4．D 5.D 6. A 7.C 8. B 9. C 10. B C 11．B D 12. A D． 二、实验
13. （1）2.25（2分） （2）遮光条到光电门的距离L（2分） （3）A（2分） （4）
1?F（2分） 2t14.（1）C ---2分 （2）如右图 ---2分 （3）PTC –1分 （4）9.60—10.4v ----2分 6.00—8.00Ω----2分 三、计算题
15.（12分）解：（1）由图乙可知物体A先加速运动0.5s，然后再匀减速运动0.25s减速到零，加速度
（2分）
B落地后，由牛顿第二定律知：
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（3分）
解得：（2分）
（2）A下滑过程 ，由牛顿第二定律mAgsinθ-μmAgcosθ=mAa （3分）
代入数据得a=4m/s2（2分）
16. .（18分）解：（1）小球在PQ金属板中做类平抛运动，小球所受电场力F=qE=qU/d（1分） 小球的加速度a=F/m（1分）
qU6?2?10?4a??m/s2?602解得dm0.2?1?10?4m/s（2分）
小球在板间运动时间t=L/v0=0.2/4（s）=0.05s，（1分）
小球在垂直板方向上的速度vy=at=60×0.05m/s=3m/s（1分） 则小球离开PQv22板时的速度vt=
0?vy?42?32m/s?5m/s（1分）
vt与中轴线的夹角为tanθ=vy/v0=4/3，所以θ=37°（1分）
（2）俯视图如图所示，在PQ极板间，若P板电势比Q板高，球向P板偏离，进入右侧磁场后做圆周运动，由运动的对称性，则N板电势高于M板电势，其运动轨迹如图所示（2分）
小球进入磁场后做圆周运动，设运动半径为R，由洛伦兹力提心力：qvtB=mvt2/R（1分）
得R=mvt/qB=0.5m（1分）
在PQ极板间，小球向P板偏离，设小球射入与射出磁场的两点间
4离为h，由图中几何关系：h=2Rcosθ=2×0. 5×5m=0.8m（2分）
1at2?1?60?(0.05)2m?7.5?10?2m小球偏离中轴线的位移Y偏=22（2分）
当小球向P偏转时，根据对称性可得，QM极板间的距离为
d1?h?2(d2?Y偏)?h?d?2Y偏?0.45m（2分）
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