发布时间 : 星期日 文章限时训练卷5教师卷更新完毕开始阅读95606eec172ded630b1cb6aa
【解析】设物块m与车厢后壁间的弹力大小为FN，物块的加速度大小为a，对物块由牛顿第二定律得FN＝ma，竖直方向mg－μFN＝0，两式联立解得a＝
g?，选项C对．
10．如图6所示，传送带的水平部分长为L，传动速率为v，在其左端无初速释放一小
木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是 ( )
A.
Lv＋v2?g B.
Lv C.
2L?g D. 2Lv
【答案】ACD
【解析】因木块运动到右端的过程不同，对应的时间也不同．若一直匀加速至右端，则L＝12μgt2，得：t＝ 2L?g2Lv，C可能；若一直加速到右端时的速度恰好与带速v相等，
则L＝0?v2t，有：t＝，D可能；若先匀加速到带速v，再匀速到右端，则v22?g＋v(t－ v?g)＝L，有：t＝Lv＋v2?g，A可能；木块不可能一直匀速至右端，B不可能．
评卷人 得分 二、填空题（每题15分）
11．如图4所示，A、B两物体的质量分别为mA=2.0kg、mB=4.0kg。 物体A与桌面间的动摩擦因数?=0.2，当轻轻释放B后，求：
（1）物体A沿桌面滑行的加速度是多少？
（2）物体A受到绳子的拉力多大？（取g=10m/s2）
2【答案】（1）a?6m/s（2）F拉??mAg?mAa?16N
【解析】解：（1）以A、B为对象，由牛顿第二定律 有： mBg?f??mA?mB?a------2分
f??mAg------2分
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故物体A的加速度为a?6m/s2-----2分
（2）以A为对象 有：F拉??mAg?mAa ----3分 故物体A受到的拉力为：
F拉??mAg?mAa?16N--3分
本题考查的是牛顿定律的应用问题.确定好研究对象，根据牛顿第二定律即可求解。 12．（12分）如图所示，BC为半径等于252m竖直放置的光滑细圆管，O为细圆管的圆
心，在圆管的末端C连接倾斜角为45°、动摩擦因数μ＝0.6的足够长粗糙斜面，一质量为m＝0.5kg的小球从O点正上方某处A点以v0水平抛出，恰好能垂直OB从B点进入细圆管，小球从进入圆管开始受到始终竖直向上的力F＝5N的作用，当小球运动到圆管的末端C时作用力F立即消失，小球能平滑地冲上粗糙斜面．(g＝10m/s2)求：
(1)小球从O点的正上方某处A点水平抛出的初速度v0为多少？ (2)小球在圆管中运动时对圆管的压力是多少？ (3)小球在CD斜面上运动的最大位移是多少？ 【答案】(1)2m/s (2)7.1N (3)0.35m
【解析】(1)小球从A运动到B为平抛运动，有： rsin45°＝v0t 在B点有：tan45°＝gtv0 解以上两式得：v0＝2m/s
(2)在B点由运动的合成与分解有： vB＝v0sin450＝22m/s
小球在管中受三个力作用，则小球在管中以vB＝22m/s做匀速圆周运动 由圆周运动的规律可知圆管对小球的作用力 FN＝mv0r2＝7.1N
据牛顿第三定律得小球对圆管的压力FN′＝FN＝7.1N (3)据牛顿第二定律得小球在斜面上滑的加速度 a＝mgsin45??mgcos45m00＝82m/s2
由匀变速运动规律得：
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小球在CD斜面上运动的最大位移s＝v022a＝82?82m＝0.35m.
答案：(1)2m/s (2)7.1N (3)0.35m
根据平抛运动特点和撞击到斜面的速度方向求出水平初速度，在B点把速度进行分解，垂直斜面的分速度减小为零，根据圆周运动合力提供向心力求出正压力
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