发布时间 : 星期一 文章河北省衡水市衡水中学2019届高三下学期一调理科综合物理试卷附答案解析更新完毕开始阅读87644b27e43a580216fc700abb68a98270feac71
A. 滑块经过点时对轨道的最小压力为B. 滑块下滑后将会从点飞出
C. 滑块第二次经过点时对轨道的压力大小为D. 滑块在斜面上经过的总路程为【答案】CD 【解析】
A、滑块从A点下滑后在AD部分轨道上要克服摩擦力做功，【详解】则返回到AD斜面上时的高度逐渐降低，最终滑块将在以E点为最低点、D为最高点来回滚动，此时经过E点时对轨道的压力最小，则D到E点，根据机械能守恒定律：B、从A到G由动能定理得：
块下滑后不能从G点飞出，故B错误； C、滑块第一次到达E点时，根据动能定理：
二次到达E点的速度与第一次相同，根据牛顿第二定律
，解得
，解得，故C正确；
，解得
，第
，在E点：
，联立解得：，其中
，解得：
，故A错误；
，则滑
D、滑块最终将在以E点为最低点、D为最高点来回运动，根据动能定理：
，故D正确。
故选CD。
8.一半径为R的均匀带正电圆环水平放置，圆心为O点，质量为m的带正电小球(可视为质点)从O点正上方距离为h的A点由静止下落，并穿过圆环．小球在从A点运动到A点关于O点对称的A′点的过程中，其加速度a、重力势能Ep重、机械能E、电势能Ep电，随位置变化的图像如图所示(规定O点为坐标原点且重力势能为0，竖直向下为加速度的正方向，并取无限远处电势为0)，其中可能正确的是
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A. B. C. D.
【答案】BC 【解析】
【详解】圆环中心的场强为零，无穷远处场强也为零，则小球从A到圆环中心的过程中，场强可能先增大后减小，则小球所受的电场力先增大后减小方向竖直向上，由牛顿第二定律得知，重力不变，则加速度可能先减小后增大；小球穿过圆环后，小球所受的电场力竖直向下，加速度方向向下，为正值，根据对称性可知，电场力先增大后减小，则加速度先增大后减小。故A不可能。故A错误。小球从A到圆环中心的过程中，重力势能EpG=mgh，小球穿过圆环后，EpG=-mgh，根据数学知识可知，B是可能的。故B正确。小球从A到圆环中心的过程中，电场力做负功，机械能减小，小球穿过圆环后，电场力做正功，机械能增大，故C是可能的。故C正确。由于圆环所产生的是非匀强电场，小球下落的过程中，电场力做功与下落的高度之间是非线性关系，电势能变化与下落高度之间也是非线性关系，所以D是不可能的。故D错误。故选BC。
三、非选择题：共174分。第22～-32题为必考题，每个试题考生都必须作管。第33～38题为选考题，考生根要求作答。
9.用游标卡尺和螺旋测微器分别测量不同物体的宽度和厚度，请你读出它们的数据： （1）游标卡尺的读数：________cm； （2）螺旋测微器的读数：_________mm。
【答案】2.64 5.020 【解析】
游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．
4mm=0.4mm=0.04cm，所以最终解：游标卡尺的固定刻度读数为2.6cm，游标尺上第4个刻度游标读数为0.1×读数为：2.6cm+0.04cm=2.64cm；
2.0mm=0.020mm，所以最终读数为：螺旋测微器的固定刻度读数为5mm，可动刻度读数为0.01×5mm+0020mm=5.020mm．
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故答案为：2.64cm，5.020mm．
10.磁力锁主要由电磁铁和衔铁组成。某小组用如图甲所示的装置研究电磁铁线的工作电压与衔铁所受磁力大小的关系，弹性梁一端连接有衔铁，在外力作用下可以上下运动，另一端固定于墙壁，电磁铁位于衔铁正下方，为理想电压表.
(1)为增大电磁铁产生的磁感应强度，变阻器的滑片应向_________端移动（选填“”或“”）. (2)已知电磁铁线圈的直流电阻为能提供的最大分压为
，滑动变砠器的最大阻值为
，电源的电动势为
，滑动变阻器
，则电源E的内阻为_________（保留两位有效数字）
(3)同学们将阻值会因形状变化而发生改变的金属应变片粘贴在弹性梁的上表面，然后将金属应变片、定值电阻和理想电压表连接成如图乙所示的电路。线圈通电吸引衔铁下移时，应变片变长，的阻值将_________，电压表的读数将_________。（填“增大”“减小”或“不变”）
(4)在线圈通电吸合衔铁后，用外力使电磁铁和衛铁刚好分开，测得外力与线圈两端电压的关系如图丙所示，若要求该锁能抵抗
的外力，则工作电压至少为_________。
【答案】 (1). c (2). 0.21 (3). 增大 (4). 增大 (5). 6 【解析】
【详解】解：(1)根据电流的磁效应，电流越大，产生的磁场强度越强，为了增加电磁铁产生的磁感应强度，变阻器的滑片应该滑向c端；
(2)当滑动变阻器的滑片P滑到c端时，滑动变阻器提供的分压最大，由闭合电路欧姆定律
，联立解得：
；
，
，
(3)线圈通电吸引衔铁下移时，应变片变长，根据电阻定律，R1的阻值将增大。根据串联电路分压规律可知，电阻增大，电压增大，所以电压表V2的读数将增大；
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(4)由图丙可知，F=1200N时对应的工作电压为6.0V，即要求该锁能抵抗1200N的外力，则工作电压至少为6.0V。 11.如图所示，质量
、长度
的木板静置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数
、
，
地面右端的固定挡板与木板等高。在挡板右侧竖直虚线场，在两个半径分别为
和
之间的区域内存在方向竖直向上的匀强电
的半圆围成的环带状区域内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，两半。现有一质量
、带电荷量
的物块可视为质
圆的圆心到固定挡板顶点的距离点）以
的初速度滑上木板，二者之间的动摩擦因数，当物块运动到木板右端时二者刚好区城，并能够在磁场区域内做匀速圆周运动，
共速，且本板刚好与挡板碰撞，物块从挡板上方飞入重力加速度取
.
(1)当物块刚滑上本板时，求物块和木板的加速度大小， (2)求电场强度的大小.
(3)为保证小物块只能从环带状区城的上、下两个开口端飞出，求磁感应强度大小的取值范围。 【答案】(1) 【解析】
【详解】解：(1) 当物块刚滑上木板时，对物块受力分析有：解得：
；
；(2)
；(3)
或
对本板受力分析有：解得：
(2)物块进入区域解得：
后，能在磁场区域内做匀速圆周运动，则有：
(3)物块与木板共速时有：解得：
粒于做匀速圆周运动有：
要使物块只从环带状区域的上、下两个开口端飞出磁场、物块在磁场中运动的轨迹半径应满足：或
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