发布时间 : 星期一 文章神州智达联考2019届高考物理二模试卷 Word版含解析更新完毕开始阅读7206c710e55c3b3567ec102de2bd960590c6d995
来分析，分析作电场线方向的依据是：沿着电场线方向电势降低，且电场线与等势面垂直．
3．某定值电阻接在输出电压为220V的直流电源上，消耗电功率为P，若把它接在某个正弦交流电源上，其消耗的电功率为，则此交流电源输出电压的最大值为（ ） A．220
V B．110
V C．220V
D．110V
【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．
【分析】根据焦耳定律Q=I2Rt求解电流的有效值，其中I是有效值．再根据有效值与最大值的关系求出最大值．
【解答】解：设电热器的电阻为R，t时间内产生的热量为Q，则：Q=此热量是接交流电源上产生的热功率的2倍，所以Q′=Q 所以：解得：
V
所以最大值为：故选：C
【点评】对于交变电流，求解热量、电功和电功率等与热效应有关的量，都必须用有效值．
4．质量为m的钢制小球用长为l的结实细线悬挂在O点，将小球拉到与O点相齐的水平位置C由静止释放，小球运动到最低点时对细绳的拉力2mg，若小球运动到最低点B时用小锤头向左敲击它一下，瞬间给小球补充机械能△E，小球就能恰好摆到与C等高的A点，设空气阻力只与运动速度相关，且运动越大空气的阻力就越大，则以下关系可能正确的是（ ）
A．△E＞mgl B．△E＜mgl C．△E=mgl D． mgl＜△E＜mgl
【考点】功能关系．
【分析】先根据牛顿第二定律求出小球通过B点的速度，分别对从C到B和B到A两个过程，运用功能原理列式，再结合空气阻力做功关系分析即可． 【解答】解：设小球通过B点的速度为v，小球从C到B克服空气阻力做功为W，从B到A克服空气阻力做功为W′． 在B点，根据牛顿第二定律得 T﹣mg=m根据功能关系可得：
从C到B有：mgl=mv2+W，可得 W=mgl
从B到A有：△E+mv2=mgl+W′，可得 W′=△E﹣mgl
根据题意，知小球运动速度越大，空气的阻力越大，则有 W′＞W 联立解得△E＞mgl 故选：A
【点评】解决本题的关键要掌握功能原理，能灵活选取研究过程，分段列式，同时结合题目中的条件进行分析．
5．矩形导轨线框abcd放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的图象如图所示，设t=0时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里，则在0﹣4s时间内，下图中能正确反映线框ab边所受的安培力F随时间t变化的图象是（规定ab边所受的安培力向左为正）（ ）
，又 T=2mg，得 v=
A． B． C．
D．
【考点】法拉第电磁感应定律；安培力；楞次定律．
【分析】根据楞次定律和法拉第电磁感应定律，判断出感应电流的方向和大小，
再根据左手定则判断出ab边所受的安培力F，再由安培力大小F=BIL，即可求解．
【解答】解：0～1s内，由楞次定律可判断电流方向为b→a，根据法拉第电磁感应定律，电流的大小恒定，由左手定则可判断ab边受到的安培力向左，为正方向的力，再由安培力大小公式F=BIL，可知，安培力的大小与磁场成正比，则大小在减小．
1s～2s内，磁场向外且增大，线框中电流方向为b→a，电流大小恒定，ab边受到向右的力，为反方向，大小在增大；
2s～3s内，磁场向外且减小，线框中电流方向为a→b，电流大小恒定，ab边受到向左的力，为正方向，大小在减小；
3s～4s内，磁场向里且增大，线框中电流方向a→b，电流的大小恒定，ab边受到向右的力，为反方向，大小在增大．综合上述三项，故D正确，ABC错误． 故选：D．
【点评】解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律求感应电动势、感应电流的大小，会用楞次定律判断感应电流的方向．
6．如图所示是研究平抛运动的实验装置，正方形白纸ABCD贴在方木板上，E、F、H是对应边的中点，P点是EH的中点，金属小球从倾斜光滑轨道上从静止下
滑，从F点沿FH方向做平抛运动，恰好从C点射出，以下说法正确的是（ ）
A．小球的运动轨迹经过P点 B．小球的运动轨迹经过PE之间某点
C．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出
D．若将小球在轨道上释放处高度降低，小球恰好由E点射出 【考点】研究平抛物体的运动．
【分析】小球在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度的变化分析运动时间的变化，从而得出水平位移的变化．
【解答】解：A、小球从F点沿FH方向做平抛运动，恰好从C点射出，假设通过P点，则水平位移是整个水平位移的，可知运动的时间为平抛运动的时间的，根据h=
知，下降的高度为平抛运动高度的
，而P点的高度是平抛运
动高度的，相矛盾，可知小球运动轨迹不经过P点，而是经过PE之间某点，故A错误，B正确．
C、若将小球在轨道上释放处高度降低，则平抛运动的高度变为原来的，根据t=
知，平抛运动的时间变为原来的一半，水平位移变为原来的一半，小球
恰好从E点射出，故C错误，D正确． 故选：BD．
【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式分析判断，难度中等．
7．如图理想变压器副线圈1、2之间的匝数是总匝数的一半，二极管D具有单向导电性（正向电阻为零，反向电阻为无穷大）．R是可变阻，K是单刀双掷开关，原线圈接在电压不变的正弦交流电源上，下列说法正确的是（ ）
A．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为2：1 B．若R阻值不变，当K分别接1和2时，电压表读数之比为
：1
C．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则R阻值之比为2：1 D．当K分别接1和2时，R消耗功率相等，则阻值R之比为【考点】变压器的构造和原理；电功、电功率．
【分析】由二极管的单向导电性结合有效值的定义进行分析各选项．
：1