发布时间 : 星期二 文章计算机组成原理-第四版课后习题答案(完整版)更新完毕开始阅读22153aaa77eeaeaad1f34693daef5ef7bb0d1233
解：设总线带宽用Dr表示，总线时钟周期用T = 1/f表示，一个总线周期传送的数据量用D表示， 根据定义可得：
Dr ＝ T / D = D ×1/ｆ＝8B×70×106/s = 560MB/ 第七章
1. 计算机的外围设备是指（ ）
A．输入/输出设备 B. 外存储器
C. 输入/输出设备及外存储器 D. 除了CPU和内存以外的其他设备 解： D
2．打印机根据印字方式可以分为（ ）和（ ）两大类，在（ ）类打印机中，只有（ ）型打印机能打印汉字，请从下面答案中选择填空。 A． 针型打印机 B. 活字型打印机 C. 击打式 D. 非击打式
解：C D C A
7．试推导磁盘存贮器读写一块信息所需总时间的公式。
解：设读写一块信息所需总时间为Tb，平均找道时间为Ts，平均等待时间为TL，读写一块信息的
传输时间为Tm，则：Tb=Ts＋TL＋Tm。假设磁盘以每秒r转速率旋转，每条磁道容量为N个字，
则数据传输率=rN个字/秒。又假设每块的字数为n，因而一旦读写头定位在该块始端，就能在
Tm≈（n / rN）秒的时间中传输完毕。TL是磁盘旋转半周的时间，TL=（1/2r）秒， 由此可得：
Tb=Ts＋1/2r＋n/rN 秒
8．某磁盘存贮器转速为3000转 / 分，共有4个记录面，每毫米5道，每道记录信息为12288字节，最小磁道直径为230mm，共有275道。问：
（1） 磁盘存贮器的容量是多少？ （2） 最高位密度与最低位密度是多少？ （3） 磁盘数据传输率是多少？ （4） 平均等待时间是多少？ （5） 给出一个磁盘地址格式方案。 解：
（1） 每道记录信息容量 = 12288字节 每个记录面信息容量 = 275×12288字节
共有4个记录面，所以磁盘存储器总容量为 ： 4 ×275×12288字节 = 13516800字节
（2） 最高位密度D1按最小磁道半径R1计算（R1 = 115mm）： D1 = 12288字节 / 2πR1 = 17字节 / mm 最低位密度D2按最大磁道半径R2计算：
R2 = R1 + （275 ÷ 5） = 115 + 55 = 170mm D2 = 12288字节 / 2πR2 = 11.5 字节 / mm （3） 磁盘传输率 C = r · N
r = 3000 / 60 = 50 周 / 秒 N = 12288字节（信道信息容量）
C = r · N = 50 × 12288 = 614400字节 / 秒 （4）平均等待时间 = 1/2r = 1 / (2×50) = 10毫秒
（5）磁盘存贮器假定只有一台，所以可不考虑台号地址。有4个记录面，每个记录面有275个磁
道。假定每个扇区记录1024个字节，则需要12288 ÷1024字节 = 12个扇区。由此可得如 下地址格式：
14．有一台磁盘机，其平均寻道时间为了30ms,平均旋转等待时间为120ms，数据传输速率为500B/ms，磁盘机上存放着1000件每件3000B
的数据。现欲把一件数据取走，更新后在放回原地，假设一次取出或写入所需时间为：
平均寻道时间+平均等待时间+数据传送时间
另外，使用CPU更新信息所需时间为4ms, 并且更新时间同输入输出操作不相重叠。 试问：
（1） 盘上全部数据需要多少时间？
（2） 若磁盘及旋转速度和数据传输率都提高一倍，更新全部数据需要多少间？
解：（1）磁盘上总数据量 = 1000×3000B = 3000000B
读出全部数据所需时间为 3000000B ÷ 500B / ms = 6000ms 重新写入全部数据所需时间 = 6000ms 所以，更新磁盘上全部数据所需的时间为 ：
2×（平均找道时间 + 平均等待时间 + 数据传送时间 ）+ CPU更新时间
= 2（30 + 120 + 6000）ms + 4ms = 12304ms
(2) 磁盘机旋转速度提高一倍后，平均等待时间为60ms； 数据传输率提高一倍后，数据传送时间变为： 3000000B ÷ 1000B / ms = 3000ms