发布时间 : 星期六 文章福建省厦门双十中学2018-2019学年高一(下)第一次月考物理试卷含答案更新完毕开始阅读0f555a3c0b12a21614791711cc7931b765ce7b62
【答案】（1）3N；（2）-27J．（3）54W． 【解析】
(1)根据速度时间图线知，匀减速直线运动的加速度大小为：根据牛顿第二定律得，滑动摩擦力的大小为：f=ma2=1×3N=3N． (2)根据图线围成的面积知，3s内的位移为：则滑动摩擦力做功为：Wf=-fx=-3×9J=-27J． (3)物体匀加速直线运动的加速度大小为：根据牛顿第二定律得：F-f=ma1， 解得：F=f+ma1=3+1×6N=9N， 则拉力的功率为：P=Fv=9×6W=54W． 【点睛】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移． 12.如图所示，斜面ABC中AB段粗糙，BC段长1.6 m且光滑。质量为1 kg的物块由A处以12 m/s的初速度沿斜面向上滑行，到达C处速度为零，此过程中物块在AB段速度的变化率是BC段的2倍，两段运动时间相等。以A为零势能点，重力加速度g取10 m/s。求： (1)物块通过B处的速度？ (2)物块经过AB段克服摩擦力做功？ (3)物块在C处的重力势能？ 2 【答案】（1）【解析】 （2）32 J （3） 【详解】(1)设物体在AB段加速度大小为由题意知则有解得：，， ，BC段加速度大小为， ① (2)由题意分析可知，滑动摩擦力与重力沿斜面向下的分力大小相等，故WG=Wf ② 从A到B，对物块分析，根据动能定理有 解得 Wf =－32 J
故物体克服摩擦力做功W克服f = 32 J
③
(3)从A到C，对物块分析，根据动能定理有解得： ⑤
④ 13.如图所示，物体A放在足够长的木板B上，木板B静置于水平面。用恒力F拉木板B，使它做初速度为零的匀加速直线运动。已知A的质量mA和B的质量mB均为2.0 kg，A、B之间的动摩擦因数μ1= 0.05，B与水平面之间的动摩擦因数μ2= 0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g取10 m/s2。求： (1)物体A与木板B刚相对滑动时，拉力F1的大小？
(2)若拉力F2=5 N，在拉力作用下木板B移动2 m时，木板B的动能？
(3)若拉力F由电动机通过细线牵引来提供，t0 = 0时，使木板B做初速度为零，加速度aB = 1.0 m/s的匀加速直线运动。当t1 = 1.0 s时，将电动机的输出功率立即调整为= 5W，并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t2 = 3.8 s时物体A的速度为1.2 m/s。则在t1 = 1.0 s到t2 = 3.8 s这段时间内木板B的位移为多少？
【答案】（1）F1= 6 N（2）EkB = 1J（3）【解析】
【详解】(1) 物体A相对木板B刚滑动时，对物体A受力分析有 μ1mAg = mAa ① 对木板B受力分析有 F1－μ1mAg－μ2（mA+mB）g = mB a ② 联立①②解得：F1= 6N (2)因F2=5 N＜F1，物体A相对木板B静止，在F2作用下一起加速，对物体A、木板B整体分析，根据动能定理有F2 s－μ2（mA+mB）gs = （mA+mB）v2－0 ③ 根据动能表达式EkB = mBv④ 联立①②解得EkB = 1 J (3)t1=1.0 s时，对木板B分析有 电动机的输出功率调整为5 W时，解得 ⑥
⑦ ⑤ ，
2 2
木板B受力满足所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做加速aA =μ1g =0.5m/s2的匀加速直线运动直到A、B速度相等。
设这一过程时间为t`，有v1=aA（t1+t`） ⑧ 这段时间内木板B的位移 ⑨
A、B速度相同后，由于动，
，且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运
⑩
代入数据解得木板B在t1 = 1.0 s到t2 = 3.8 s时间内的位移
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